- iOS/Objective-C 元类和类别
- objective-c - -1001 错误,当 NSURLSession 通过 httpproxy 和/etc/hosts
- java - 使用网络类获取 url 地址
- ios - 推送通知中不播放声音
存在问题:第一个人“g”(第一个开始的人)必须到达最后一个盒子“e”,这样第二个人“l”(无论何时)都无法 catch 第一个人。男人可以左、右、上、下或留下。
例如:
Input:
6 7
RRRRRRR
R_e___R
R_____R
R_RRR_R
R_gRl_R
RRRRRRR
答案是"is",因为有路(左、上、上、上、右)。
如何实现这个问题?
我正在使用 BFS 和 DFS。这是我的代码
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <stack>
#include <math.h>
#include <cstring>
#include <map>
#include <queue>
using namespace std;
const int MAX = 32;
char a[MAX][MAX];
int used[MAX][MAX], m1[MAX][MAX], m2[MAX][MAX];;
int movesx[8] = {-1, 1, 0, 0};
int movesy[8] = { 0, 0, -1, 1};
int n, m, c = 0, flag = 0;
struct pc {
int x, y;
};
pc li, ga, fi;
queue <pc> q;
void BFS1(pc v) {
pc from, to;
memset(m1,0,sizeof(m1)); m1[v.y][v.x] = 0;
memset(used, 0, sizeof(used));
q.push(v); used[v.y][v.x] = 1;
while(!q.empty())
{
from = q.front(); q.pop();
for(int i = 0; i < 4; ++i) {
int x = from.x + movesy[i], y = from.y + movesx[i];
if( (a[y][x] == ' ' || a[y][x] == 'g' ) && !used[y][x]) {
used[y][x] = 1;
m1[y][x] = m1[from.y][from.x] + 1;
pc temp;
temp.x = x;
temp.y = y;
q.push(temp);
}
}
}
}
void BFS2(pc v) {
pc from, to;
memset(m2,0,sizeof(m2)); m2[v.y][v.x] = 0;
memset(used, 0, sizeof(used));
q.push(v); used[v.y][v.x] = 1;
while(!q.empty())
{
from = q.front(); q.pop();
for(int i = 0; i < 4; ++i) {
int y = from.y + movesy[i], x = from.x + movesx[i];
if( (a[y][x] == ' ' || a[y][x] == 'l' ) && !used[y][x]) {
used[y][x] = 1;
m2[y][x] = m2[from.y][from.x] + 1;
pc temp;
temp.x = x;
temp.y = y;
q.push(temp);
}
}
}
}
void DFS(pc v) {
used[v.y][v.x] = 1;
for(int i = 0; i < 4; ++i) {
int x = v.x + movesx[i], y = v.y + movesy[i];
if(a[y][x] == 'e') {
c = 1;
flag = 1;
return;
}
if( (a[y][x] == ' ' ) && !used[y][x] && m2[y][x] < m1[y][x] && flag == 0 ) {
pc temp;
temp.x = x;
temp.y = y;
DFS(temp);
}
}
}
int main() {
c = 0, flag = 0;
memset(used, 0, sizeof(used));
memset(a, 'R', sizeof(a));
cin >> n >> m;
string s;
getline(cin, s);
for(int i = 0; i < n; ++i) {
getline(cin, s);
for(int j = 0; j < m; ++j) {
a[i][j] = s[j];
if(a[i][j] == 'g') {
ga.x = j;
ga.y = i;
}
else if(a[i][j] == 'l') {
li.x = j;
li.y = i;
}
else continue;
}
}
BFS1(li);
BFS2(ga);
memset(used, 0, sizeof(used));
DFS(ga);
if(c == 1) {
cout << "YES" << endl;
}
else {
cout << "NO" << endl;
}
}
这是第二个代码:
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <stack>
#include <math.h>
#include <cstring>
#include <map>
#include <queue>
using namespace std;
const int MAX = 32;
char a[MAX][MAX];
int used[MAX][MAX], m1[MAX][MAX], m2[MAX][MAX];;
int an[1002][MAX][MAX];
int movesx[8] = {-1, 1, 0, 0, 0};
int movesy[8] = { 0, 0, -1, 1, 0};
int n, m, c = 0, flag = 0;
struct pc {
int x, y;
};
pc li, ga;
void functionD() {
for(int z = 1; z <= 1000; ++z) {
for(int i = 0; i < n; ++i) {
for(int j = 0; j < n; ++j) {
if(an[z - 1][i][j] == 1) {
int x, y;
for(int k = 0; k < 5; ++k) {
x = j + movesx[k];
y = i + movesy[k];
if(x < m && y < n && x >= 0 && y >= 0) {
if(a[y][x] != 'R' && a[y][x] != 'e') {
an[z][y][x] = 1;
}
}
}
}
}
}
}
}
void DFS(pc v, int k) {
used[v.y][v.x] = 1;
for(int i = 0; i < 5; ++i) {
int x = v.x + movesx[i], y = v.y + movesy[i];
if(a[y][x] == 'e') {
c = 1;
flag = 1;
return;
}
if(an[k][y][x] == 0 && a[y][x] != 'R' && !used[y][x] && flag == 0 && k <= 1000) {
pc temp;
temp.x = x;
temp.y = y;
DFS(temp, k + 1);
}
}
}
int main() {
int nn; cin >> nn;
for(int z = 0; z < nn; ++z) {
c = 0, flag = 0;
memset(used, 0, sizeof(used));
memset(a, 'R', sizeof(a));
cin >> n >> m;
string s;
getline(cin, s);
for(int i = 0; i < n; ++i) {
getline(cin, s);
for(int j = 0; j < m; ++j) {
a[i][j] = s[j];
if(a[i][j] == 'g') {
ga.x = j;
ga.y = i;
}
else if(a[i][j] == 'l') {
li.x = j;
li.y = i;
}
}
}
an[0][li.y][li.x] = 1;
functionD();
DFS(ga, 1);
if(c == 1) {
cout << "YES" << endl;
}
else {
cout << "NO" << endl;
}
}
}
编辑(作者 Jarod42):
我找到了一张失败的棘手 map :
9 9
RRRRRRRRR
R...Rg..R
R.RlRRR.R
R.R...R.R
R.RRR.R.R
R.Re....R
R.R.RRR.R
R.......R
RRRRRRRRR
l
无法保护对 e
的两种访问。
或者更简单
RRRRRRRRRR
R...RRRRRR
R.R...RRRR
RlReR...gR
R.R...RRRR
R...RRRRRR
RRRRRRRRRR
最佳答案
您必须首先创建从每次访问到 e
的 map 距离。
然后就是一个minmax(或者alpha-beta):
g
当前位置在一个 map 距离小于 l
当前位置是相同的 map 距离,g
获胜。<l
在所有 map 距离中的距离小于或等于,则 g
输。g
必须使用其有效 map 之一才能达到目标,l
用其 map (或支架)反击。(注意:g
没有理由站着,因为 l
可能做同样的事情,我们处于同一点)。
(编辑:注意:在提供的链接中,似乎必须静态选择安全路径,因此动态部分(第 3 个项目符号)对于 g
来说是松散的)
关于c++ - 有没有办法到达最后的盒子 - GRAPH,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/31854714/
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