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<分区>
在这样的函数模板中
template <typename T>
void foo(T&& x) {
bar(std::forward<T>(x));
}
不是 x foo 中的右值引用, 如果 foo用右值引用调用？如果使用左值引用调用 foo，则无论如何都不需要强制转换，因为 x也将是 foo 内部的左值引用.还有 T将被推导为左值引用类型，因此 std::forward<T>不会改变 x 的类型.
我使用 boost::typeindex 进行了测试使用和不使用 std::forward<T> 时，我得到的类型完全相同.
#include <iostream>
#include <utility>
#include <boost/type_index.hpp>
using std::cout;
using std::endl;
template <typename T> struct __ { };
template <typename T> struct prt_type { };
template <typename T>
std::ostream& operator<<(std::ostream& os, prt_type<T>) {
os << "\033[1;35m" << boost::typeindex::type_id<T>().pretty_name()
<< "\033[0m";
return os;
}
template <typename T>
void foo(T&& x) {
cout << prt_type<__<T>>{} << endl;
cout << prt_type<__<decltype(x)>>{} << endl;
cout << prt_type<__<decltype(std::forward<T>(x))>>{} << endl;
cout << endl;
}
int main(int argc, char* argv[])
{
foo(1);
int i = 2;
foo (i);
const int j = 3;
foo(j);
foo(std::move(i));
return 0;
}
g++ -Wall test.cc && ./a.out 的输出与 gcc 6.2.0和 boost 1.62.0是
__<int>
__<int&&>
__<int&&>
__<int&>
__<int&>
__<int&>
__<int const&>
__<int const&>
__<int const&>
__<int>
__<int&&>
__<int&&>
编辑:我找到了这个答案:https://stackoverflow.com/a/27409428/2640636显然，
as soon as you give a name to the parameter it is an lvalue.
那么我的问题是，为什么选择这种行为而不是将右值引用保留为右值，即使它们已被赋予名称？在我看来，可以通过这种方式规避整个转发考验。
Edit2:我不是在问什么 std::forward做。我在问为什么需要它。
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0
以下操作是否完全相同: request.setAttribute(name,"visited"); requestDispatcher.forward(request,response) 和
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我是一名优秀的程序员,十分优秀！