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关于之前的问题(Is it possible to return an object of type T by reference from a lambda without using trailing return type syntax?),我想知道是否还有任何其他重要的案例或示例,其中 trailing-return-type 语法在使用 lambda 时可以不被避免。
最佳答案
在 C++14 中,一个有点人为的例子是将 sfinae 与通用 lambda 结合使用:
[](auto &&arg)
-> decltype(arg.f(), void())
{ /* do whatever you want */ }
无论如何,有人可能会争辩说 static_assert
就足够了:
[](auto &&arg) {
static_assert(has_metod_f<std::decay_t<decltype(arg)>>::value, "!");
/* do whatever you want */
}
其中 has_method_f
是常见的检测器习惯用法。
无论如何,想象一下你想要从一堆 lambda 开始构造一个组合仿函数的情况:
#include<utility>
#include<iostream>
template<typename...>
struct Base;
template<typename Func, typename... Others>
struct Base<Func, Others...>: Func, Base<Others...> {
Base(Func func, Others... others)
: Func{std::move(func)}, Base<Others...>{std::move(others)...}
{}
template<typename... Args>
auto operator()(int, Args&&... args)
-> decltype(Func::operator()(std::forward<Args>(args)...)) {
Func::operator()(std::forward<Args>(args)...);
}
template<typename... Args>
auto operator()(char, Args&&... args) {
Base<Others...>::operator()(0, std::forward<Args>(args)...);
}
};
template<>
struct Base<> {
template<typename... Args>
auto operator()(Args&&...) {
std::cout << "fallback" << std::endl;
}
};
template<typename... Ops>
struct Mixin: Base<Ops...> {
Mixin(Ops... ops)
: Base<Ops...>{std::move(ops)...}
{}
template<typename... Args>
auto operator()(Args&&... args) {
return Base<Ops...>::operator()(0, std::forward<Args>(args)...);
}
};
struct T { void f() {} };
struct U {};
int main() {
auto l1 = [](auto &&arg) -> decltype(arg.f(), void()) {
std::cout << "accept T" << std::endl;
};
auto l2 = [](U) {
std::cout << "accept U" << std::endl;
};
Mixin<decltype(l1), decltype(l2)> mixin{std::move(l1), std::move(l2)};
mixin(T{});
mixin(U{});
mixin(0);
}
在这种情况下,static_assert
会阻止编译,这不是预期的结果。
另一方面,尾随返回类型可用于在包装器的帮助下直接在 lambda 上启用 sfinae。
关于c++ - 是否存在无法避免 lambda 中的尾随返回类型语法的情况?,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/41105454/
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