c++ - 当不相关的类型定义为别名时，对函数的调用是不明确的

Question

看完一篇很棒的文章True Story: Efficient Packing我尝试自己实现元组作为练习:

#include <type_traits>
#include <utility>
#include <functional>

template< std::size_t I, typename T >
struct tuple_leaf { T value; };

template< std::size_t I, typename T >
T & get(tuple_leaf< I, T > & leaf)
{ return leaf.value; }

template< typename Is, typename ...Ts >
struct tuple_base;

template< std::size_t ...Is, typename ...Ts >
struct tuple_base< std::index_sequence< Is... >, Ts... >
    : tuple_leaf< Is, Ts >...
{
    using tuple_base_t = tuple_base;
    template< typename ...Args, typename = std::enable_if_t< (sizeof...(Ts) == sizeof...(Args)) > >
    tuple_base(Args &&... args)
        : tuple_leaf< Is, Ts >{std::forward< Args >(args)}...
    { ; }
};

#if 0
template< typename ...Ts >
struct tuple
    : tuple_base< std::index_sequence_for< Ts... >, Ts... >
{
    using tuple_base_t = typename tuple::tuple_base_t;
    using tuple_base_t::tuple_base_t;
    using tuple_base_t::operator = ;
};
#else
// terse
template< typename ...Ts >
using tuple = tuple_base< std::index_sequence_for< Ts... >, Ts... >;
#endif

template< typename ...Args >
tuple< Args &&... >
forward_as_tuple(Args &&... args)
{ return {std::forward< Args >(args)...}; }

#include <tuple>

int
main()
{
    tuple< int > t(1);
    auto f = forward_as_tuple(t);
    (void)f;
    return 0;
}

Live example

forward_as_tuple 实现后，我决定将 tuple 类型的定义从 class template 更改为 alias template它的基类模板，因为我需要从拆分成 tuple 类本身及其实现类 tuple_base 只是可变参数模板的 std::index_sequence_for类型参数包 — alias template 正是适合此目的的工具。这样做之后我得到一个错误(#if 0 case):

error: call to 'forward_as_tuple' is ambiguous

这对我来说看起来很奇怪，因为 alias template 什么都不做，另一方面 forward_as_tuple 从同一个命名空间调用类型 - 我希望 ADL 应该适用于肯定是上面的情况。

如何解释#if 1 和#if 0 版本的代码之间的区别？

Answer 1

Adl 在传递的类型和传递的类型的模板参数中查找。

元组非别名有它的类型和它自己作为寻找 ADL 的地方。

元组别名大小写为 std::index_sequence在其模板参数列表中。这导致 std::forward_as_tuple要考虑的，除了你的forward_as_tuple .它们是同样好的匹配，并且会出现歧义。

正如@Piotr 在上面的评论中指出的那样，tuple<std::string>即使在非别名情况下也会出现此问题。