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我已经在我的应用程序中实现了所有必需的东西来启用 url 模式,并且它工作正常。我想从 safari 打开我的应用程序。我已经传递了一个带有参数的 URL:https://www.myURL.com/signup/callback?signupCode=123?id=20 .每当我按下此链接时,我都想打开我的应用程序。但它不起作用。
请向我建议我可以做些什么来实现这一目标。我已经在 .plist 文件
中添加了所需的标签(请参阅下面的屏幕截图以供引用)。
最佳答案
[[UIApplication sharedApplication] openURL:[NSURL URLWithString:@"https://www.myURL.com/signup/callback?signupCode=123?id=20"]];
这是实际代码。但是听说您的链接 ( https://www.myURL.com/signup/callback?signupCode=123?id=20 ) 无效。所以问题是准确的。
关于ios - 如何在我的应用程序中实现 URL Schema?,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/39200025/
我是一名优秀的程序员,十分优秀!