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我尝试实现一个将泛型类型转换为字符串的函数。整数类型需要使用 std::to_string()
转换,字符串和字符使用 std::string()
和 vector ,一个元素一个元素地转换为一个字符串其他方法(取决于它们的内容)。
这是我的:
//Arithmetic types
template<class T>
typename std::enable_if<std::is_arithmetic<T>::value, std::string>::type convertToString(const T& t){
return std::to_string(t);
}
//Other types using string ctor
template<class T>
typename std::enable_if<std::__and_<std::__not_<std::is_arithmetic<T>>::type,
std::__not_<std::is_same<T, <T,
std::vector<typename T::value_type, typename T::allocator_type>>::value
>>>::value, std::string>::type convertToString(const T& t){
return std::string(t);
}
//Vectors
template<class T>
typename std::enable_if<std::is_same<T, std::vector<typename T::value_type,
typename T::allocator_type>>::value, std::string>::type convertToString(const T& t){
std::string str;
for(std::size_t i = 0; i < t.size(); i++){
str += convertToString(t[i]);
}
return str;
}
问题是第二个函数没有编译。我如何设计第二个函数,使其能够编译(和工作)并且不会产生歧义问题?
最佳答案
Oktalist's答案解释了为什么您的类型特征无法编译。另外,你不应该使用 __and_
和 __not_
.这些是保留的,可以在下一个编译器版本中轻松更改。实现您自己的这些特征版本非常容易(例如,参见 conjunction
的可能实现)。
我建议采用完全不同的方法。我们可以使用 choice<>
使重载这些情况变得简单得多:
template <int I> struct choice : choice<I+1> { };
template <> struct choice<10> { };
通过:
// arithmetic version
template <class T>
auto convertToStringHelper(T const& t, choice<0> )
-> decltype(std::to_string(t))
{
return std::to_string(t);
}
// non-arithmetic version
template <class T>
auto convertToStringHelper(T const& t, choice<1> )
-> decltype(std::string(t))
{
return std::string(t);
}
// vector version
template <class T, class A>
std::string convertToStringHelper(std::vector<T,A> const& v, choice<2> )
{
// implementation here
}
template <class T>
std::string convertToString(T const& t) {
return convertToStringHelper(t, choice<0>{});
}
这很好,因为您可以获得所有 SFINAE 而没有任何 enable_if
废话。
关于c++ - enable_if 和多个条件的问题,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/41534517/
我正在使用这样的模板别名: template ::value>::type> using vec2 = std::pair; template ::value>::type> using vec3 =
基本问题陈述 我正在学习 SFINAE。我尝试了一个非常简单的 enable_if : // 1: A foo() that accepts arguments that are derived fr
在language reference of std::enable_if at cppreference包括以下注释 Notes A common mistake is to declare two
我对 SFINAE 有基本的了解,我想我理解了很多关于如何 std::enable_if 的例子。利用它来选择函数模板特化,但我很难理解它如何用于类模板。 以下例子来自cppreference.com
这有什么问题? 我认为这应该在使用 enable if 时起作用??? 帮助?? 不应该排除第二个构造函数吗? #include #include #include template class
我试图在模板类中声明函数,以便函数声明依赖于模板类型参数。 template struct Block { static bool parse(int32_t index,
我正在尝试一种基于类模板参数来专门化成员函数的方法,而不必在类上使用 SFINAE(并导致代码重复或创建另一个类)。 由于两个模板参数不能是可选的,并且参数 enable_if 在指南中是不受欢迎的,
我遇到一个问题,未知代码正在使用试图在编译时和运行时取消引用类型的元模板。这意味着,它们遍历指针层次结构直到找到匹配器。 现在通常这很好用。但是当用户传递类似的东西时: typedef struct
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是否有任何“更干净”的方式(我的意思是减少重复代码)来编写以下内容? template class Test { struct Foo1 { int a; }; struct F
在C ++中,请考虑以下示例: template struct q; template struct q { q() { cout struct q {
我对 std::enable_if 很陌生,想知道如何使用它。我有一个模板类: template class foo { } 现在我只想在 a + b 等于 10 时实例化它。我可以使用 std::e
我最近遇到了一个有趣的 enable_if 用法版本,它用于有条件地启用具有更好可读性的函数,因为该函数的返回类型不是 enable_if 的一部分(请参阅 cleaner_usage): #incl
我是一名优秀的程序员,十分优秀!