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假设我有类(class) MyClass
具有正确的 move 构造函数并且其复制构造函数被删除。现在我像这样返回这个类:
MyClass func()
{
return MyClass();
}
在这种情况下, move 构造函数在返回类对象时被调用,一切都按预期进行。
现在假设MyClass
有一个 <<
的实现运算符(operator):
MyClass& operator<<(MyClass& target, const int& source)
{
target.add(source);
return target;
}
当我更改上面的代码时:
MyClass func()
{
return MyClass() << 5;
}
我收到编译器错误,复制构造函数无法访问,因为它已被删除。但为什么在这种情况下完全使用复制构造函数?
最佳答案
Now I am returning this class via lvalue like this:
MyClass func()
{
return MyClass();
}
不,返回的表达式是一个xvalue(一种右值),用于初始化按值返回的结果(自 C++17 以来事情有点复杂,但是这仍然是它的要点;此外,您使用的是 C++11)。
In this case the move constructor gets called when returning the class object and everything works as expected.
的确;一个右值将初始化一个右值引用,因此整个事情可以匹配 move 构造函数。
When I change the code above:
…现在表达式是MyClass() << 5
,其类型为 MyClass&
.这绝不是右值。这是一个左值。它是一个引用现有对象的表达式。
所以,没有明确的 std::move
,这将用于复制初始化结果。而且,由于您的复制构造函数已被删除,因此无法正常工作。
令我惊讶的是该示例完全可以编译,因为临时变量不能用于初始化左值引用(您的运算符的第一个参数),尽管已知某些工具链 (MSVS) 接受它作为扩展。
then would return
std::move(MyClass() << 5);
work?
是的,我相信是这样。
然而,这看起来很奇怪,让读者仔细检查以确保没有悬空引用。这表明有更好的方法可以实现此目的,从而生成更清晰的代码:
MyClass func()
{
MyClass m;
m << 5;
return m;
}
现在您仍然可以 move (因为 that's a special rule when return
ing local variables )而没有任何奇怪的滑稽 Action 。而且,作为奖励,<<
调用完全符合标准。
关于c++ - 为什么返回时调用的是拷贝构造函数而不是 move 构造函数?,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/56751481/
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