php - laravel 5.1 - 基于字符串动态创建类对象

Question

我想根据来自 URL 参数的字符串创建类对象。

例如:

 http://localhost/CSWeb/api/search/Slideshare

上面URL中的Slideshare是在apiController->indexAction中获取的参数。

slideshare.php 类

<?php

namespace App\Http\API;

class slideshare 
{

    public function index()
    {
         return 'any data'; 

    }

}

apiController.php

namespace App\Http\Controllers\API;

use Illuminate\Http\Request;
use App\Http\Requests;
use App\Http\Controllers\Controller;
use Auth;
use App\Http\API\Slideshare;

class apiController extends Controller
{

    public function index($source)
    {
        $controller=  new $source;
        return $controller->index();
        // if i change code to  $controller=  new Slideshare; it works fine
    }

}

当我使用参数字符串创建类对象时，laravel 出错

FatalErrorException in apiController.php line 17: Class 'Slideshare' not found

如果我将代码更改为

$controller=  new Slideshare; it works fine

提前致谢

Answer 1

当使用字符串创建 PHP 对象时，您必须提供类的完整限定名(也就是包括命名空间)。所以，你应该有这样的东西:

$className = 'App\\Http\\API\\' . $source;

$controller =  new $className;

return $controller->index();

另一种方法，如果您确定要实例化的类与您的代码位于同一命名空间中，您可以使用:

$className = __NAMESPACE__ . '\\' . $source;

$controller =  new $className;

return $controller->index();

实现相同结果的更详细的方法是通过工厂设计模式。基本上，您创建一个负责实例化元素的类，并将实际创建这些对象的任务委托(delegate)给该类。沿着这些线的东西:

class Factory {
  function __construct ( $namespace = '' ) {
     $this->namespace = $namespace;
  }

  public function make ( $source ) {
    $name = $this->namespace . '\\' . $source;

    if ( class_exists( $name ) ) {
      return new $name();
    }
  }
}


$factory = new Factory( __NAMESPACE__ );

$controller = $factory->make( $source );

这种方法的优点是现在创建对象的责任在工厂，如果你需要改变它，可能允许别名，添加一些额外的安全措施，或任何其他事情，你只需要在一个地方更改该代码，但只要类签名仍然存在，您的代码就会继续工作。

关于工厂的有趣教程: http://culttt.com/2014/03/19/factory-method-design-pattern/

来源: http://nl3.php.net/manual/en/language.oop5.basic.php#language.oop5.basic.new http://php.net/manual/en/language.namespaces.nsconstants.php