ios - 如何从 UIAlertViewController 的处理程序正确打开 URL？

Question

我试图在单击警报按钮后打开 URL。我尝试了不同的方法，但都没有奏效。这是我的代码:

let alert = UIAlertController(title: "Warning", message: "Do you want to open the link?", preferredStyle: .Alert);

alert.addAction(UIAlertAction(title: "Cancel", style: .Default, handler: nil));
let okAction = UIAlertAction(title: "Open in Safari", style: .Default) {(action) in
     UIApplication.sharedApplication().openURL(NSURL(string: "www.google.com")!);
     return;
});
alert.addAction(okAction);

self.presentViewController(alert, animated: true, completion: nil);

如果我输入一些像 println 这样的简单函数，它就可以正常工作。

Answer 1

我能够通过使用 url 字符串创建一个名为“link”的变量来让我的工作:

let link = 'http://google.com"

然后我将我的 addAction 设置为:

showAlert.addAction(UIAlertAction(title: "Download", 
   style: UIAlertActionStyle.Default, handler: { 
       (action:UIAlertAction!) -> Void in 
            UIApplication.sharedApplication().openURL(NSURL(string: link)!)
                  print("something here... button click or action logging")
 }))

希望这对某人有帮助...花了我很长时间才弄清楚如何让处理程序正常工作...