PHP:只能通过引用传递变量

Question

我在第 57 行收到此错误:$password = str_replace($key, $value, $password, 1);

据我所知，我只是传递变量。这里有一些更多的上下文:

$replace_count = 0;
foreach($replacables as $key => $value)
{
    if($replace_count >= 2)
        break;
    if(strpos($password, $key) !== false)
    {
        $password = str_replace($key, $value, $password, 1);
        $replace_count++;
    }

}

Answer 1

您不能传递常量 1，解决方法是将其设置为变量。

改变:

$password = str_replace($key, $value, $password, 1);

到:

$var = 1
$password = str_replace($key, $value, $password, $var);

更新:根据评论中的反馈更改为在方法调用之外声明变量。