c++ - 当我想在外面抓东西时无法编译 lambda

Question

当我想捕捉 lambda 之外的东西时，会出现编译错误。这是代码:

int caller(int (*callback)(void *arg), void * arg = NULL) {
  return callback(arg);
}

int main(int argc, char **argv) {

  const char *str = "world";
  caller([&](void *arg) {
      printf("hello %s\n", str);
      return 0;
  }, NULL);

  return 0;
}

但如果我像这样更改 lambda 中的 printf 就没问题(不使用外部变量):

printf("hello %s\n", str)

我尝试用 apple g++ 4.2 和 gnu g++ 4.6 编译源代码

Answer 1

Lambda 只能在无状态时转换为函数指针，即没有定义捕获。

看看here并阅读 ClosureType::operator ret(*)(params)()

编辑:

如果由您来定义回调参数，请使用 std::function 来定义它，它可以采用任何类型的可调用对象，包括 lambda。看下面，应该是compile fine有了它(尽管是 #include <functional>)。

int caller(std::function<int(void*)> callback, void * arg = NULL) {
  return callback(arg);
}

如果你不能改变回调，那么你应该传递str作为回调的第二个参数并在 lambda 中打印出来，如下所示:

caller([](void *arg) {
      printf("hello %s\n", (const char*)arg);
      return 0;
  }, str);

(我知道由于 const 非 const 转换，这实际上不会编译，但你明白我的意思)。