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我正在尝试理解“Eratosthenes 筛法”。这是我的算法(下面的代码),以及我无法理解的功能列表(按顺序)。
i * i
比 i * 2
更有效?是的,我可以理解它会减少迭代次数,因此效率更高,但是它不会跳过一些数字(例如 i = 9
=>
j = 81
跳过 18 27 36 ...
)?O(n)
,这是可以理解的;无论我们输入什么数字,它都会创建一个输入大小的数组,但这里的时间复杂度会让事情变得困惑。我发现了这个符号 O(n(logn)(loglogn))
—— 那是什么?根据我的理解,我们有 2 次完整迭代和 1 次部分迭代,因此 O(n^2 * logn)
。#include <iostream>
using namespace std;
int main() {
cout << "Enter number:" << endl;
int arrSize;
cin >> arrSize;
bool primesArr[arrSize];
primesArr[0] = false;
for (int i = 1; i < arrSize; i++) primesArr[i] = true;
for (int i = 2; i < arrSize; i++)
if (primesArr[i - 1]) {
cout << i << endl;
/* for (int j = i * 2; j < arrSize; j += i) less efficient */
for (int j = i * i; j < arrSize; j += i)
primesArr[j - 1] = false;
}
return 0;
}
最佳答案
Why i * i more efficient than i * 2? Yes, I can understand it would be less iteration, therefore more efficiency, but then doesn't it skip some numbers (for example i = 9 => j = 81 skip 18 27 36 ...)?
你指的是
for (int j = i * i; j < arrSize; j += i)
请注意,i * i
是循环计数器 j
的初始值。所以j
大于i * i
的值都会被标记掉。我们从 i * 2
到 i * i
跳过的值在之前的迭代中已经被标记掉了。让我们想想前几个:
当 i == 2
时,我们标记出 2 的所有倍数(2、4、6、8 等)。当 i == 3
时,如果我们开始 j = 3 * 2 = 6
那么我们将在到达 9、12、15 等之前再次标记 6。因为 6 是2 的倍数并且已经被标记掉了,我们可以直接跳到 3 * 3 == 9
。
当我们到达 i == 5
并且如果我们从 j == 5 * 2 == 10
开始,那么我们将标记 10,它已经被占用注意,因为它是 2 的倍数,15 是 3 的倍数,20 也是 2 的倍数,然后我们最终达到 25,这不是任何小于 5 的引物的倍数。
time complexity here is where things get confusing. I found this notation O(n(logn)(loglogn)) -- what is that? According to my understanding we have 2 full iterations and 1 partial iteration, therefore O(n^2 * logn).
您的分析得出正确的结果,该算法是 O(n^2 * logn)
。 A more detailed analysis可以证明更严格的上限为 O(n(logn)(loglogn))
。请注意,O(n(logn)(loglogn))
是 O(n^2 * logn)
的子集。
关于c++ - Sieve of Eratosthenes 算法的效率,我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/48428006/
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