PHPUnit在实例化后将类的实例变成模拟

Question

有没有办法用 PHPUnit 创建一个模拟类，然后我可以使用它的类名创建一个新实例？

我有一个定义了两个方法的接口(interface)。像这样的东西:

interface FooInterface {
    function getA();
    function getB();
}

然后我有另一个类接受类名，创建该类的一个实例，检查它是否是它所期望的实例 (FooInterface)，然后调用该类的两个方法来获取一些信息。

class FooInfo {
    protected $a;
    protected $b;

    public function __construct($fooClass) {
        $foo = new $fooClass;

        if (!($foo instanceof FooInterface)) {
            throw new \Exception();
        }

        $this->a = $foo->getA();
        $this->b = $foo->getB();
    }
}

我知道如何很好地模拟一个对象。问题是，由于此类接受类名而不是对象(它是管理器的一部分，根据需要创建给定类的实例)，我不能使用普通的模拟对象。

我尝试创建一个模拟对象然后使用该类名。它似乎可以很好地创建对象，甚至似乎具有我模拟的功能。但是，它似乎并不遵循我稍后设置的 will($this->returnValue('myValue')) 部分。

public function testConstruct()
{
    $foo = $this->getMockForAbstractClass('Foo', array('getA', 'getB'));
    $foo->expects($this->any())->method->('getA')->will($this->returnValue('a'));
    $foo->expects($this->any())->method->('getB')->will($this->returnValue('b'));

    $copyClass = get_class($foo);
    $copy = new $copyClass();

    // Passes
    $this->assertTrue(method_exists($copy, 'getA');

    // Fails, $copy->getA() returns null.
    $this->assertEquals($copy->getA(), $foo->getA());
}

因此，它确实具有被模拟的函数，但它们都返回 null。

有什么想法吗？

Answer 1

在类的构造函数中使用 new 关键字是一个相当糟糕的习惯，正是由于您现在遇到的原因，即使您的用例很灵活。

您的测试将无法运行，因为您创建的模拟将永远不会被使用，因为您的类将始终创建注入(inject)类名的真实实例。

就是说，你想做的可以用padraic来完成优秀的模拟库 mockery !您需要的是“实例模拟”:

$mock = \Mockery::mock('overload:MyNamespace\MyClass');

您可以定义您对该模拟的期望，该模拟将在实例化后立即转移到真实对象。

将 mockery 与 phpUnit 集成很容易，并且在项目的自述文件中有很好的解释。

顺便说一句。每个单元测试最好只做出一个断言!