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(如果您是 C++11 专业人士,请跳至粗体段落。)
假设我想编写一个模板方法,该方法调用并返回传递的对象的结果,该对象的类型是模板参数:
template<ReturnType, T>
ReturnType doSomething(const T & foo) {
return foo.bar(); // EDIT: Might also be an expression introducing a temp val
}
所以 T
必须有方法ReturnType T::bar() const
为了在这样的调用中使用:
struct MyClass {
...
int bar() const;
...
};
...
MyClass object;
int x = doSomething<int, MyClass>(object);
我们不必写 MyClass
由于类型推导,调用变为:
int x = doSomething<int>(object);
但省略了 <int>
也会导致编译错误,因为该方法不需要返回 int 即可分配给 x
。之后(例如,它可以返回 char
)。
在 C++0x/11 中,我们有 auto
和 decltype
我们可以用它来推断模板方法的返回类型:
template<T>
auto doSomething(const T & foo) -> decltype(foo.bar()) {
return foo.bar(); // EDIT: Might also be an expression introducing a temp val
}
编译器现在将找出 foo.bar()
的类型。是并且只是使用它作为返回类型。与我们的具体类(class) MyClass
这将是 int
以下内容就足够了:
int x = doSomething(object);
现在我的问题是:
如果 MyClass 定义了 bar()
作为返回 int&
,返回类型为doSomething(object)
也将是 int&
= decltype(foo.bar())
.这是一个问题,因为 G++ 现在符合我返回对临时的引用。
我该如何解决这个问题?有没有类似 remove_reference
的东西可以像 remove_reference(decltype(foo.bar()))
这样使用?
我想过只声明一个辅助方法,它采用 T&
并返回 T
然后定义doSomething
的返回类型成为 decltype(helper(foo.bar()))
.但必须有更好的方法,我感觉到了。
最佳答案
要删除引用:
#include <type_traits>
static_assert(std::is_same<int, std::remove_reference<int&>::type>::value, "wat");
在你的情况下:
template <typename T>
auto doSomething(const T& foo)
-> typename std::remove_reference<decltype(foo.bar())>::type
{
return foo.bar();
}
为了清楚起见,请注意,返回引用就可以了:
#include <type_traits>
struct f
{
int& bar() const
{
static int i = 0;
return i;
}
};
template <typename T>
auto doSomething(const T& foo)
-> decltype(foo.bar())
{
return foo.bar();
}
int main()
{
f x;
return doSomething(x);
}
返回的引用可以简单地传递而不会出错。您在评论中的示例变得重要且有用:
template <typename T>
auto doSomething(const T& foo)
-> decltype(foo.bar())
{
return foo.bar() + 1; // oops
}
关于c++ - 删除 decltype 中的引用(返回 T 而不是 T&,其中 T& 是 decltype),我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题: https://stackoverflow.com/questions/13202289/
这个问题在这里已经有了答案: 关闭 10 年前。 Possible Duplicate: template pass by value or const reference or…? 以下对于将函数
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